教育最新K12河南省濮阳市2017-2018学年高二物理下学期升级考试试题(A卷)(含解析)

小学+初中+高中

河南省濮阳市 2017-2018 学年高二下学期升级考试物理试题(A 卷)
一、选择题:本题共 11 小题,每小题 4 分,共 44 分。在小题给出的四个选项中,第 1-8 题 只有一项符合题目要求,第 9-11 题有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分,选对但不全 的得 2 分,有选错的得 0 分。 1. 如图所示,实线表示电场线,虚线表示带电粒子运动的轨迹。已知带电粒子只受电场力的 作用,运动过程中电势能逐渐减小。则它运动到 b 处时的运动方向与受力方向正确的是

A.

B.

C.

D.

【答案】D 【解析】试题分析:据粒子的运动轨迹,判断粒子所受的电场力大体指向弯曲一侧,从而判 断粒子受到的电场力的方向;电场力做负功粒子的动能减小,电势能增大. 解:粒子的运动轨迹,判断粒子所受的电场力大体指向弯曲一侧,从而判断粒子受力的方向 向左,因不知电场线的方向,不能判断出粒子的电性; 由于运动飞过程中粒子的电势能增大,所以电场力做负功,粒子运动的方向一定是 a 到 c;故 选项 B 正确,选项 ACD 错误; 小学+初中+高中

小学+初中+高中 故选:B 【点评】本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向,由曲线运动条件可知合力偏向曲线内 侧;电场线的疏密表示电场强度的强弱;用电场力做功和能量守恒定律判断动能和电势能的 变化 2. 如图所示,长为 L 的金属棒 MN 两端由等长的轻质细线悬挂,棒呈水平,处于竖直向上的 匀强磁场中,棒中通以电流,平衡时两悬线与竖直方向夹角均为 θ ,则

A. 棒中的电流方向为 N 到 M B. 电流大小为 mgsinθ /BL C. 若其它条件不变,只增加金属棒的长度,则 θ 角变大 D. 若其它条件不变,只增大磁感应强度,则 θ 角变大 【答案】D 【解析】A、平衡时两悬线与竖直方向夹角均为 θ ,故导线受到安培力,根据左手定则,可判 断金属棒中的电流方向由 M 指向 N,故 A 错误;

B、由金属棒受力平衡有:

得,电流大小为

,故 B 错误;

C、若其它条件不变,只增加金属棒的长度, m 成正比的增大,则不变,故 C 错误; D、若其它条件不变,只增大磁感应强度,根据 故选 D。 【点睛】对通电导线受力分析,根据平衡条件及左手定则即可求得力的方向及电流的方向; 求出夹角的关系表达式,然后根据表达式分析答题。 3. 如图所示,闭合开关 S 的瞬间,套环立刻跳起。这就是物理课上的“跳环实验”。关于这 小学+初中+高中 ,则 θ 角变大,故 D 正确

小学+初中+高中 一实验,下列说法正确的是

A. 套环最好选用电阻率和密度都较小的铝环 B. 正极与负极对调,实验将无法成功 C. 开关由闭合到断开时,也同样会发生跳环现象 D. 环跳起时,环上的电流与线圈上的电流绕行方向一致 【答案】A

............... B、线圈与电源的正负极接反,闭合电键的瞬间,磁通量会发生变化,套环会产生感应电流, 线圈对套环会有安培力的作用,套环立刻跳起,故 B 错误; C、开关由闭合到断开时,套环的磁通量会发生变化,套环会产生感应电流,但线圈中无电流, 线圈不会对套环会有安培力的作用,套环不会跳起,故 C 错误; D、根据同向电流相互吸引,异向电流相互排斥的原理可知,环跳起时,环上的电流与线圈上 的电流绕行方向相反,故 D 错误; 故选 A。 4. 质量为 1kg 的小球从高 20m 处自由下落到软垫上,反弹后上升的最大高度为 5m,小球接触 软垫的时间为 1s,在接触软垫的时间内,小球受到的合力冲量大小为 A. l0N s 【答案】C 【解析】小球从开始下落到落到软垫上过程中,由动能定理可得: 解得:v1=20m/s,方向:竖直向下;小球从反弹到到达最高点过程中: 数据解得:v2=10m/s,方向竖直向上;以竖直向上为正方向,由动量定理得: ,方向竖直向上,故 C 正确,A、B、D 错误; 小学+初中+高中 ,代入数据 ,代入 B. 20N s C. 30N s D. 40N s

小学+初中+高中 故选 C。 【点睛】由动能定理求出小球落地时与从软垫上反弹时的速度,然后由动量定理分析答题。 5. 频率为 v 的光照射某金属时,产生光电子的最大初动能为 Ek,改用频率 2v 的光照射同一 金属,所产生光电子的最大初动能为(h 为普朗克常量) A. Ek-hv 【答案】C 【解析】频率为 v 的光照射某金属时,产生光电子的最大初动能为 逸出功 ;改用频率 2v 的光照射同一金属,则最大初动能 ,根据光电效应方程知, , B. 2Ek C. Ek+hv D. 2hv—Ek

故 C 正确,A、B、D 错误; 故选 C。 【点睛】根据光电效应方程求出逸出功的大小,改用频率 2v 的光照射同一金属,再通过光电 效应方程求出光电子的最大初动能。 6. 在卢瑟福的 α 粒子散射实验中,有极少数 α 粒子发生大角度偏转,其原因是 A. 原子的正电荷和绝大部分质量集中在一个很小的核上 B. 正电荷在原子中是均匀分布的 C. 原子中存在着带负电的电子 D. 原子只能处于一系列不连续的能量状态中 【答案】A 【解析】试题分析:α 粒子和电子之间有相互作用力,它们接近时就有库仑引力作用,但由 于电子的质量只有 α 粒子质量的 1/7300, 粒子与电子碰撞就像一颗子弹与一个灰尘碰撞一样, α 粒子质量大,其运动方向几乎不改变.α 粒子散射实验中,有少数 α 粒子发生大角度偏 转说明三点:一是原子内有一质量很大的粒子存在;二是这一粒子带有较大的正电荷;三是 这一粒子的体积很小,故 A 正确. 考点: 粒子散射实验 【名师点睛】本题考查的是 α 粒子散射实验.对这个实验要清楚两点:一是 α 粒子散射实 验的实验现象;二是对实验现象的微观解释--原子的核式结构. 7. 氢原子光谱巴耳末系是指氢原子从 n=3、4、5、6……能级跃迁到 n=2 能级时发出的光子 光谱线系,因瑞士数学教师巴耳末于 1885 年总结出其波长公式(巴耳末公式)而得名。巴耳 末公式为: ,其中 λ 为谱线波长,R 为里德伯常量,n 为量子数。则氢原子光谱巴

小学+初中+高中

小学+初中+高中 耳末系谱线最小波长与最大波长之比为 A. B. C. D.

【答案】C 【解析】由巴耳末公式知,最小波长 满足: (n 取无穷大) ,最大波长 满足:

(n=3) ,两式相比得: 故选 C。

,故 C 正确,A、B、D 错误;

8. 大科学工程“人造太阳”主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电。氘核聚变反应方程 是 。已知 的质量为 2.0136u, 的质量为 3.0150u, 的质量为 1.0087u,

1u 相当于 931MeV,氘核聚变反应中释放的核能约为 A. 3.7MeV 【答案】B 【解析】 因氘核聚变的核反应方程为:
2 2

B. 3.3MeV

C. 2.7MeV

D. 0.93MeV

; 核反应过程中的质量亏损为△m=2mH故

(mHe+mn) =0.0035u; 释放的核能为△E=△mc =0.0035uc =3.3MeV, 故 B 正确, ACD 错误; 选 B。

9. 在如图所示的远距离输电电路图中,升压变压器和降压变压器均为理想变压器,发电厂的 输出电压和输电线的电阻均不变,随着发电厂输出功率的增大,下列说法中正确的有

A. 升压变压器的输出电压增大 B. 降压变压器的输出电压增大 C. 输电线上损失的功率增大 D. 输电线上损耗的功率占总功率的比例增大 【答案】CD 【解析】由于发电厂的输出电压不变,升压变压器的匝数不变,所以升压变压器的输出电压 不变,故 A 错误。由于发电厂的输出功率增大,则升压变压器的输出功率增大,又升压变压

小学+初中+高中

小学+初中+高中 器的输出电压 U2 不变,根据 P=UI,可知输电线上的电流 I 线增大,根据 U 损=I 线 R,输电线上的 电压损失增大,根据降压变压器的输入电压 U3=U2-U 损可得,降压变压器的输入电压 U3 减小, 降压变压器的匝数不变,所以降压变压器的输出电压减小,故 B 错误。根据 P 损=I 线 2R,又输

电线上的电流增大, 电阻不变, 所以输电线上的功率损失增大, 故 C 正确。 根据



发电厂的输出电压不变,输电线上的电阻不变,所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随 着发电厂输出功率的增大而增大。故 D 正确。故选 CD。 点睛:对于远距离输电问题,一定要明确整个过程中的功率、电压关系,尤其注意导线上损 失的电压和功率与哪些因素有关。 10. 在光滑水平面上,动能为 E0、动量的大小为 p0 的小球 1 与静止小球 2 发生碰撞,碰撞前 后球 1 的运动方向相反。将碰撞后球 1 的动能和动量的大小分别记为 E1、p1,球 2 的动能和动 量的大小分别记为 E2、p2,则下列正确的是 A. p1<p0 【答案】ABC 【解析】因碰撞后两球速度均不为零,根据能量守恒定律,则碰撞过程中总动能不增加可知, , 故 A 正确 C 错误; 根据动量守恒定律得 故 B 正确 D 错误. 【点睛】碰撞过程的两大基本规律:系统动量守恒和总动能不增加,常常用来分析碰撞过程 可能的结果. 11. 静止在匀强磁场中的某放射性元素的原子核放出一个 α 粒子, α 粒子的速度方向与磁场 方向垂直,测得 α 粒子与反冲核做圆周运动的轨道半径之比为 30:1,如图所示。则下列正 确的是 , 得到 , 可见 , B. p2>p0 C. E1<E0 D. E2>E0

A. 反冲核的原子序教为 62 B. 原放射性元素的原子序数是 62 C. 反冲核与 α 粒子的速率之比为 1:30 小学+初中+高中

小学+初中+高中 D. α 粒子和反冲核的动量大小相等、方向相反 【答案】BD 【解析】ABD、粒子间相互作用遵守动量守恒定律,所以反冲核与 α 粒子的动量大小相等, 方向相反,根据 A 错误,BD 正确; C、反冲核与 α 粒子的动量大小相等,方向相反,所以它们的速率应该和质量成反比,由于 不知道质量之比,所以速率之比也不确定,故 C 错误; 故选 BD 点睛:本题需要运用力学(动量守恒、向心力、圆周运动) 、电学(洛伦兹力)以及衰变规律 等综合知识,具有学科内综合特征 二、实验题:本题共 3 小题,共 15 分。 12. 某同学通过实验测定一个阻值约为 5Ω 的电阻 Rx 的阻值。 (1)现有电源(4V,内阻可不计) ,滑动变阻器(0?50Ω ,额定电流 2A) ,开关和导线若干, 以及下列电表 A.电流表(0?3A,内阻约 0.025Ω ) B.电流表(0?0.6A,内阻约 0.125Ω ) C.电压表(0?3V,内阻约 3kΩ ) D、电压表( (0?15V,内阻约 15kΩ ) 为减小测量误差,在实验中,电流表应选用_____,电压表应选用_____(选填器材前的字母) ; 实验电路应采用图中的______(选填:“甲”或“乙”) 。 可知反冲核的电荷量为 60,则原放射性元素的原子序数为 62,故

(2)接通开关,改变滑动变阻器滑片的位置,并记录对应的电流表示数 I、电压表示数 U.某 次电表示数如下图所示, .由此可得该电阻的一个测量值 Rx=______Ω (保留两位有效数字) 。

小学+初中+高中

小学+初中+高中 【答案】 (1). B (2). C (3). 甲 (4). 5.2

【解析】 (1)因电源的电压为 4V, 因此电压表选择 3V 量程, 电压表应选用 C; 由于阻值约为 5Ω 的电阻 Rx 的,根据欧姆定律可知,电流的最大值为 0.8A,从精确角来说,所以电流表选择 0.6A 的量程,电流表应选用 B;根据待测电阻的阻值与电压表及电流表的阻值,可知,待测 电阻的阻值偏小,因此选择电流表外接法,故选择甲图; (2)电压表量程为 3V,最小分度为 0.1V;故其读数为 U=2.60V;电流表最小分度为 0.02;其 读数为 I=0.50A;电阻阻值: .

13. 如下图(甲)所示,已知一灵敏电流计 G,当电流从正接线流入时,指针向正接线柱一侧 偏转。现把它与线圈串联接成图乙所系电路,当条形磁铁远离线圈运动时,电流表指针将向 _____(填“左”或“右”)偏转。

【答案】左 【解析】当电流从正接线柱流入时,指针向正接线柱一侧偏转;当条形磁铁按如图所示所示 的方向运动时,磁通量减小,依据楞次定律,感应磁场向下,再由右手螺旋定则,线圈上的 感应电流向左,则电流从负接线柱流入,所以灵敏电流计的指针将左偏。 14. 某同把两块大小不同的木块用细线连接,中间夹一被压缩了的掸簧,如图所示。将这一 系统置于光滑的水平桌面上,烧断细线观察物体的运动情况,进行必要的测量,验证物体间 相互作用时动量守恒。

(1)该同学还必规有的测量仪器是________; (2)需要直接测量的数据是_______(用语言说明,并用字母表示) (3)用所得数据验证动量守恒的关系式是______。 小学+初中+高中

小学+初中+高中 【答案】 (1). 天平、刻度尺 (3). (2). 两物体的质量 m1、m2 和两木块落地点到桌子两侧边

缘的水平距离 s1、s2

【解析】解:取小球 1 的初速度方向为正方向,两小球质量和平抛初速度分别为 m1、m2,v1、 v2,平抛运动的水平位移分别为 s1、s2,平抛运动的时间为 t. 需要验证的方程:0=m1v1﹣m2v2 又 v1= ,v2=

代入得到:m1s1=m2s2 故需要测量两木块的质量 m1 和 m2,两木块落地点到桌面边缘的水平距离 s1,s2 所以需要的器材为刻度尺、天平、重锤线 故答案为: (1)刻度尺、天平 (2)两物体的质量 m1,m2 和两木块落地点分别到桌子两侧边的水平距离 sl、s2 (3)m1s1=m2s2 【点评】本题是运用等效思维方法,平抛时间相等,用水平位移代替初速度,这样将不便验 证的方程变成容易验证. 三、计算题:本题共 4 小题,共 41 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤, 只写出参后答案的不能得分。有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。 15. 如图所示,A、B 为水平正对放置的平行金属板,板间距离为 d,一质量为 m 的带电油滴 在两金属板之间,若两金属板间电压为 U,油滴将保持静止。若两金属板间的电压减为原来的 一半,经一段时间,油滴在空气阻力的作用下最后以速率 v 匀速下降。设油滴在运动过程中 质量和电荷量均保持不变,空气阻力与速度大小成正比。求:

(1)油滴所带电荷量? (2)油滴以速率 v 匀速下降时,受到空气阻力多大? (3)若要让油滴以速率 2v 匀速上升,则两极板的电压应为多少? 【答案】(1) (2) (3)

小学+初中+高中

小学+初中+高中

【解析】解: (1)油滴静止,有: 解得油滴所带电量为: (2)油滴匀速下降时,有: 联立解得, (3)油滴以 2v 匀速上升时,有: 解得: 16. 如图所示,在一等腰直角三角形 ADC 区域内存在垂直于纸面的匀强磁场(包含边界) ,AD =DC=a 现有一质量为 m、电荷量为+q 的带电粒子,以某一速度 v 从 D 点沿 DA 边射入磁场, 后垂真于 AC 边射出磁场,粒子的重力忽略不计。求:

(1)磁感应强度 B 的大小和方向? (2)若改变粒子射入磁场的速度大小,此时粒子进入磁场后轨迹刚好与 AC 边相切,则粒子的 速度大小为多少? 【答案】(1) ,方向垂直纸面向外 (2)

【解析】 (1)由左手定则判断,磁场方向垂直纸面向外 由图可知,粒子做匀速圆周运动的半径 r=a

由 得 小学+初中+高中

小学+初中+高中

(2)由

得 (3)设粒子速度为 v0、半径为 r0 时,与 AC 线相切 由 r0+ r0=a 得 r0=( -1)a 由 得 点睛:带电粒子在磁场中的运动问题,关键是画出运动的轨迹图,找到粒子的轨道半径及圆 心位置,结合几何关系求解半径,然后进行解答. 17. 如图所示,—个质量 m=16g、长 d=0.5m、宽 L=0.lm、电阻 R=0.1Ω 的矩形线框从高 处自由落下,经过 h1=5m 高度,下边开始进入一个跟线框平面垂直的匀强磁场。已知磁场区 域的高度 h2=1.55m,线框进入磁场时恰好匀速下落。取 g=10m/s .求:
2

(1)磁场的磁感应强度 B 的大小? (2)线圈进入磁场的过程中产生的电热? (3)线框下边刚离开磁场时的加速度?

小学+初中+高中

小学+初中+高中 【答案】(1)B=0.4T (2) (3) ,方向向上

解: (1)线框进入磁场前,机械能守恒,有: 相框匀速进入磁场,有: 联立解得: (2)线框进入磁场产生的焦耳热为: (3)设线框下边到磁场下边界时的速度为 ,从线框完全进入磁场至线框下边到磁场下边界 过程中,由功能关系有:

线框下边刚离开磁场时,由牛顿第二定律有: 联立解得: 加速度方向向上。

18. 如图所示,将两条磁性很强且完全相同的磁铁分别固定在甲、乙两个小车上,甲车连同 磁铁的质量为 m1=4kg,乙车连同磁铁的质量为 m2=lkg,两车均沿同一水平光滑直线轨道运 动,开始时甲车速度大小为 vl=3m/s,方向向右;乙车速度大小为 v2=6m/s,方向向左,以 后两车始终不相碰。

(1)问谁的速度先减小为零?说明理由,并求此时另一辆车的速度大小和方向? (2)两车相距最近时,求乙车速度大小和方向? 【答案】(1) ,方向向右 (2) , 方向向右

【解析】 【分析】相互作用力在相等的时间内对两车的冲量使两车减小的动量相等,甲的初动 量大于乙的初动量,所以,乙的速度先减小为零,由动量守恒定律求此时另一辆车的速度大 小和方向;当两车相距最近时,两车具有共同速度,由动量守恒定律求乙车速度大小和方向; 解: (1)相互作用力在相等的时间内对两车的冲量使两车减小的动量相等,甲的初动量大于 乙的初动量,所以,乙的速度先减小为零; 小学+初中+高中

小学+初中+高中

取甲的运动方向为正方向,由动量守恒定律有: 解得: ,方向向右

(2)当两车相距最近时,两车具有共同速度; 由动量守恒定律有: 解得: ,方向向右

小学+初中+高中


相关文档

教育最新K12濮阳市2017-2018学年高二物理下学期升级考试试题(A卷)(含解析)
教育最新K12河南省濮阳市2017-2018学年高二物理上学期期末考试试题(A卷)(含解析)
教育最新K12河南省濮阳市2017-2018学年高二物理上学期期末考试试题(含解析)
【K12教育学习资料】[学习]河南省南阳市2017-2018学年高二物理上学期期终考试试题(含解析)
教育最新K12濮阳市2017-2018学年高二物理上学期期末考试试题(A卷)(含解析)
教育最新K12河南省濮阳县第一中学2017-2018学年高二物理下学期第一次月考试题(含解析)
教育最新K12濮阳市2017-2018学年高二物理上学期期末考试试题(含解析)
教育最新K12河南省洛阳市2017-2018学年高二物理下学期期末质量检测试题(含解析)
教育最新K12河南省林州市第一中学2017-2018学年高二物理上学期期末考试试题(含解析)
教育最新K12河南省濮阳市2017-2018学年高一政治下学期升级考试试题
电脑版